学前班试卷一（共8篇）（共8篇）
1.学前班试卷一 篇一
2019年保山特岗教师学前教育真题试卷一
一、单项选择题
1、罗杰斯的“以学生为本”’’让学生自发学习”“排除对学习者自身的威胁”的教学原则属于（）。
A.非指导教学模式 B.结构主义课程模式 C.发展性教学模式 D.最优化教学模式 2、3岁前儿童一般不能进行哪种游戏?（）
A.独自游戏 B.结构游戏 C.平行游戏 D.集体游戏
3、表演游戏的指导不包括（）。
A.选择表演的文艺作品 B.激发幼儿表演的兴趣
C.准备表演的服装和道具 D.对游戏动作和情节的假想
4、教师在“娃娃家”新添了供幼儿装饰妈妈的头饰、项链等材料，这体现了材料投放 的（）。
A.层次性 B.探索性 C.情感性 D.操作性
5、幼儿园的（）是指教师或园长与幼儿家长联系沟通，提供育儿支援、家园双方相互结合，共同保育教育幼儿。A.社会工作 B.家长工作 C.教育工作 D.管理工作
6、儿童心理发展的年龄特征是指儿童在每个年龄阶段形成并表现出来的（）。A一般的、典型的、本质的心理特征 B一般的、稳定的、典型的心理特征 C.本质的、一般的、可变的心理特征 D一般的、稳定的、本质的心理特征
7、儿童动作发展的一般规律是（）。A.从整体的动作到局部的动作 B.从局部的动作到整体的动作
C.从整体混乱的动作到局部混乱的动作 D.从局部混乱的动作到整体混乱的动作
8、儿童学习的图书一般都是鲜艳的图画书，和大学课本单纯的白纸黑字不一样。这是利用了感知规律中的（）。
A.适应现象 B.知觉中对象与背景的关系 C.对比现象 D.联觉
9、小青正在画“花朵”，听到妈妈说：“这像花朵吗?”她立刻说画的是太阳，这一现象表明小青（）。
A.想象夸张且与现实混淆 B.想象系统零散无系统 C.想象主题不稳定 D.想象受兴趣的影响
10、幼儿最初开始计数的顺序为（）。
A.口头数数、按物计数、说出总数、按数取物 B.口头数数、按数取物、说出总数、按物计数 C.按数取物、口头数数、说出总数、按物计数 D.按数取物、说出总数、口头数数、按物计数
11、在幼儿园里我们经常看到，老师出示贴绒小鸭，问幼儿有几只鸭子，有的幼儿却答成鸭子是黄颜色的，这种现象在心理学中的（）现象。A.中心记忆 B.偶发记忆 C.主观臆想 D.客观臆想
12、婴儿最初只有快乐和痛苦两种情绪，随着年龄的增长，到2岁左右已经有愉悦、厌恶、愤怒等，说明儿童情绪的发展趋势是（）。A.从简单到复杂 B.从具体到抽象 C.从被动到主动 D.从零乱到成体系
13、下列不属于亲社会行为发展内容的是（）。A.助人与分享 B.合作
C.赞许 D.安慰与保护
14、体验式学习情境的设计要体现真实性、（）社会性 A.模拟性 B.适宜性 C.挑战性 D.开放性
15、根据幼儿教师专业发展的五阶段理论，有一个阶段教师在专业发展的意识动机观念与规划上都较好，但缺乏自主发展的动力，这一阶段是（）。A.稳定一行动缺失阶段 B.新手一动机阶段 C.停滞一缺乏动力阶段 D.适应一困惑阶段
二、填空题
1、学前教育机构和社区合作时，可以把儿童带到社区去开展教育活动，也可以把社区的____请进学前教育机构。
2、“提笔忘字”属于心理现象中的____。
3、内部言语是不出声音的，是对自己的言语，因此又称为_______。
4、艾宾浩斯的遗忘曲线说明个体遗忘的进程是____。
5、直觉行动思维的典型方式是____。
6、学前期儿童性格已经表现出明显的_______。
7、幼儿的社会性主要是在_______中通过观察和模仿潜移默化地发展起来的。
8、移情是儿童_______产生的基础。
9、《中华人民共和国义务教育法》第二十六条规定，学校实行_______负责制。
10、《3～6岁儿童学习与发展指南》目标下的“各种年龄典型表现”是观察、了解幼儿的，帮助和了解和把握幼儿在目标方面的发展状况；各年龄段典型的表现，不是目标的分解，是期望，是了解幼儿的参照。
三、判断题
1、具有发声隐蔽特点的语言是问题语言。（）
2、儿童记忆随着年龄的变化而发展，而最早出现的是运动记忆。（）
3、思维缺乏可逆和相对性是三岁儿童心理的显著特点。()
4、儿童依恋的三种类型是回避型、安全型和反抗型。（）
5、承认和关注幼儿的个体差异，避免用统一的标准评价不同的幼儿，在幼儿面前J滇用横向的比较。（）
6、幼儿道德发展是衡量儿童心理健康的重要标准。()
7、《3-6岁儿童学习与发展指南》的目标分别是对3～4岁、4～5岁、5～6岁三个年龄阶段中期的幼儿应该知道什么，能做什么，大致可以达到什么发展水平提出了合理的期望。（）
8、新修订的《幼儿园工作规程》增加了幼儿园应当结合幼儿年龄特点和接受能力开展反家庭暴力教育。（）
9、使用假教师资格证骗取教师资格者，三年内不得申请认定教师资格。（）
10、学前儿童早期阅读就要教识字。（）
四、简答题
1、简述幼儿园数学教育的内容。
2、简述学前儿童社会教育的原则。
3、简述学前儿童体育活动的基本内容。
4、简述有效促进幼儿身心健康发展的策略。
五、论述题
1、幼儿教育“小学化倾向”是一个社会化的共性话题，请论述幼儿园小学化倾向的现象以及危害。
参考答案
一、单项选择题
1、【育萃专家解析】A。解析:题目所述的教学原则是美国心理学家、教育家罗杰斯倡导非指导性教学模式的教学原则。
2、【育萃专家解析】D。解析:集体游戏是需要团体协作来共同完成任务的游戏，幼儿在5~6岁才能进行。
3、【育萃专家解析】C。解析:表演游戏的指导包括表演前、表演过程中和表演结束后的相关指导。A,B,三项是表演前的相关指导，C项属于表演前的准备工作。
4、【育萃专家解析】C。解析:《幼儿园教育指导纲要（试行）》倡导以积极的情绪推动儿童的认知和学习，充满情感色彩和生活性、情景性的环境材料更能激起幼儿的学习热情和愿望，是他们积极建构的动力和支持力量。教师在“娃娃家”新添加的材料使幼儿更好地模仿“妈妈”，表现出投放的材料具有情感性。
5、【育萃专家解析】B。解析:题干所述内容为幼儿园家长工作的概念。
6、【育萃专家解析】A。解析:儿童心理发展年龄特征是在一定社会和教育条件下，在儿童发展的各个不同年龄阶段中所形成的一般的、典型的、本质的心理特征，故选A
7、【答案]A。解析：儿童最初的动作是全身性的、笼统的、弥散性的。比如，满月前儿童受到痛刺激后，边哭喊边全身乱动，以后儿童的动作逐渐分化，向着局部化、准确化和专门化的方向发展。
8、【育萃专家解析】B。解析：人在知觉客观世界时，总是有选择地把少数事物当成知觉对象，而把其他事物当成知觉的背景。幼儿用的鲜艳的图画书，是为了使其更清晰地感知对象和背景的关系。
9、【育萃专家解析】C。解析：幼儿初期在开展想象活动前已经有了初步的目的性，但这个目的往往很不明确。即使在爸爸妈妈的提示下有时也能在活动之前说出活动的主题，但这个活动的主题是不确定的，会根据其随后的行动发生变化，甚至偏离最初所描述的主题。题干内容体现了幼儿想象主题不稳定。
10、【育萃专家解析】A。解析：一般3岁幼儿已经能够学会口头数10以内的数。这时，他们记住了数的顺序，但是并不会真正去数物体。当幼儿学会口头数数以后，逐渐学会口手一 致地数物体，即按物计数，然后学会说出物体总数，这时，可以说是掌握了数的实际意义。最后，幼儿可以学会按数取物。
11、【育萃专家解析】B。解析：在幼儿记忆的发展过程中，存在一种被称为偶发记忆的现象。这种现象是指当要求幼）b记住某样东西时，他往往记住的是和这件东西一道出现的其他东西。题干中有的幼儿回答是黄颜色，就是心理学中的偶发记忆现象。
12、【育萃专家解析】A。解析：儿童随着年龄的增长，情绪种类和数量均有增长，表现出复杂化的趋势。
13、【育萃专家解析】C。解析：亲社会行为又叫积极的社会行为，它是指人们表现出来的一些有益的行为。人们在共同的社会生活中经常会表现出类似这样的行为，比如帮助、分享、合作、安慰、捐赠、同情、关心、谦让、互助等，心理学家把这一类行为称为亲社会行为。
14、【育萃专家解析】A。解析：体验式学习情境的设计要体现真实性、模拟性、社会性。学习内容的设计要体现适宜性、意义性和挑战性。活动评价的设计要体现过程性、持续性和开放性。
15、【育萃专家解析】A。解析：本题首先可以排除B,D选项。停滞期教师在各方面发展上都较差，无论是意识动机、规划、观念与行动都处于停滞，特别是缺乏发展的动力，可以排除C选项
二、填空题
1、【育萃专家解析】人力资源
2、【育萃专家解析】暂时性遗忘
3、【育萃专家解析】不出声的言语
4、【育萃专家解析】先快后慢
5、【育萃专家解析】尝试错误
6、【育萃专家解析】个别差异
7、【育萃专家解析】日常生活和游戏
8、【育萃专家解析】亲社会行为
9、【育萃专家解析】校长
10、【育萃专家解析】参照；教师；家长
三、判断题
1、【育萃专家解析】×。解析：具有发声隐蔽特点的语言是内部语言。
2、【育萃专家解析】×。解析：儿童最早出现的是运动记忆。对喂奶姿势的食物性条件反射即属于这种记忆。
3、【育萃专家解析】√。解析：三岁儿童的思维大多由行动引起，往往会先做后想，或者边做边想，不会思考好以后再做。他们的认识很具体，只能根据外部特征来认识与区别事物，思维缺乏可逆性与相对性，因此不能理解反话。思维缺乏可逆和相对性是三岁儿童心理的显著特点。
4、【育萃专家解析】√。
5、【育萃专家解析】√。解析：《幼儿园教育指导纲要（试行）》指出，承认和关注幼儿的个体差异，避免用划一的标准评价不同的幼儿，在幼儿面前慎用横向的比较。
6、【育萃专家解析】×。解析：衡量儿童心理健康的重要标准有动作发展、语言发展、认知能力的发展、社会性和情绪的发展。
7、【育萃专家解析】×。解析：《3-6岁儿童学习与发展指南》的目标是对三个年龄段末期的幼儿提出合理的期望。
8、【育萃专家解析】√。解析：《幼儿园工作规程》第十五条规定幼儿园应当结合幼儿年龄特点和接受能力开展反家庭暴力教育，发现幼儿遭受或者疑似遭受家庭暴力的，应当依法及时向公安机关报案。
9、【育萃专家解析】×。解析：《教师资格条例》第十九条规定，有下列情形之一的，由县级以上人民政府教育行政部门撤销其教师资格：（1）弄虚作假、骗取教师资格的；（2）品行不良、侮辱学生，影响恶劣的。被撤销教师资格的，自撤销之日起5年内不得重新申请认定教师资格，其教师资格证书由县级以上人民政府教育行政部门收缴。
10、【育萃专家解析】×。解析：早期阅读行为主要在于使学前儿童产生阅读兴趣、养成良好的阅读习惯和掌握早期阅读的有关技能，而非教幼儿识字。
四、简答题
1、【育萃专家解析】
幼儿园数学教育的内容：
（1）分类、排序和对应；
（2）数、计数和数的运算；
（3）几何图形；
（4）量和计量；
（5）时间和空间。
2、【育萃专家解析】
（1）情感支持原则；
（2）生活教育原则；
（3）正面教育原则；
（4）实践性原则；
（5）一致性原则。
3、【育萃专家解析】
（1）学前儿童基本动作练习。基本动作即人体的基本活动能力，是指人们在日常生活和社会实践活
动中所必需的、最基本的身体运动技能，包括走、跑、跳、投、攀登、钻、爬。
（2）学前儿童基本体操练习，主要包括体操动作练习和队列队形练习两个方面。
（3）学前儿童体育游戏。
（4）学前儿童运动器械练习。
4、【育萃专家解析】
（1）为幼儿提供合理均衡的营养，保证充足的睡眠和适宜的锻炼，满足幼儿生长发育的需要。
（2）创设温馨的人际环境，让幼儿充分感受到亲情和关爱，形成积极稳定的情绪情感。
（3）帮助幼儿养成良好的生活与卫生习惯，提高自我保护能力，形成使其终身受益的生活能力和文明的生活方式。
五、论述题
1、【育萃专家解析】
（1）幼儿园小学化倾向的现象: ①教学组织形式小学化。不按规定年龄编大、中、小班，不根据幼儿年龄阶段组织相应活动，让幼儿提前进入学前班学习。
②教学内容小学化。分学科学习小学内容，开设写字、拼音、算术、英语等课程，教授奥数、珠脑心算、诵经等幼儿难以理解的，甚至提出“认读1 000个汉字，背诵60首古诗，熟练进行100以内加减运算”等教学目标。
③教学方法小学化。采用“粉笔+黑板”的小学教学模式，老师讲，幼儿听；老师问，幼儿答；老师演示，幼儿看，进行填鸭式知识灌输。
④评价指标小学化。给幼儿布置写、读、算、背等家庭作业，进行文化知识考试，一些小学对入学儿童进行面试，按文化成绩高低录取入学。
（2）幼儿园小学化倾向的危害: ①违背幼儿天赋天性。把幼儿当作小学生教，过早开发幼儿智力，会损害幼儿的学习兴趣。
②影响幼儿身体健康。把幼儿封闭在教室里，束缚在座位上，限制了幼儿活动自由，使幼儿缺乏肌肉和骨骼运动，心肺功能缺少应有的锻炼，身体发育受到伤害。
③过早地介入理性教育，会好心办坏事，给幼儿精神压力，让孩子形成苦闷的心理背景，失去本应该有的童真童趣和快乐，不利于开朗、积极、乐观、自强、自信、自尊等健全人格的形成。
④抹杀幼儿创造的可能性。相对于幼儿来说艰深的内容和死板严苛的教育方式，使幼儿生命发展过早定型，个体生命发展的自由被极大缩减。
⑤剥夺幼儿幸福生活。不但剥夺了当下的幸福感受，而且还会影响今后人生对幸福的感受。
⑥影响教师发展。学前教育“小学化”使幼儿教师习惯于简单管理和灌输，缺乏对幼儿教育规律的探究和保教业务的钻研，影响其专业化成长。
⑦偏离办园宗旨。幼儿园以各种名目举办特长班、兴趣班，乱买滥购教材和教辅资料，向幼儿家长违规收费。
2.学前班试卷一 篇二
(本卷包括6个单项选择题和4个多项选择题两部分)
一、单项选择题:(本题共6小题,每小题3分,共18分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)
1.温哥华冬奥会花样滑冰双人滑比赛中,中国选手包揽了金、银牌,中国选手申雪/赵宏博获得了金牌,两人燕式联合旋转非常漂亮,赢得了众多掌声.如图1所示,男运动员以自己为转动轴拉着女运动员做匀速圆周运动,若男运动员的转速为30 r/min,女运动员触地冰鞋的线速度为4.7 m/s,则:女运动员做圆周运动的角速度及做圆周运动的半径分别为()
(A) 2πrad/s、1.5 m (B) 2πrad/s、3 m
(C)πrad/s、1.5 m (D)πrad/s、3 m
2.据美国太空网报道,2009年是国际天文年,这一年首次发现太阳系外一颗恒星“FH8001”周围存在一颗岩石成份的行星(被命名为“CoRoT”),它是与地球密度相似的太阳系外的行星,被证实存在水和大气层,适宜生命存在,若行星“CoRoT”绕恒星GH8001运动的轨道是圆形,那么它的轨道半径r的三次方与运行周期T的平方的比为常数,设,则常数k的大小()
(A)与行星“CoRoT”的质量有关
(B)与恒星“FH8001”、行星“CoRoT”的质量都有关
(C)与恒星“FH8001”的质量有关
(D)与恒星“FH8001”、行星“CoRoT”的速度都有关
3.如图2所示,质量为M的框架放在水平地面上,一轻弹簧上端固定在框架上,下端固定一个质量为m的小球.小球上下振动时,框架始终没有跳起,当框架对地面压力为零瞬间,小球的加速度大小为()
(A) g (B)
(C) 0 (D)
4.如图3所示,一根水平管道,两端与大气相通,在管道上竖直插有一根上端开口的“L”形弯管b,当a管内液体以速度v匀速流动时,b管内液面的高度为h,假设液体与管道之间不存在摩擦力,则v和h关系为()
5.如图4所示,R1=10Ω,R2=8Ω,电池有内阻,K接1时,电压表示数为2V,则K接2时,电压表示数可能为()
(A) 2.2V (B) 1.9V
(C) 1.5V (D) 1.2V
6.我国科学家在夸克领域做出了多项世界一流水平的研究成果.质子和中子是由更基本的粒子即“夸克”组成.两个强作用电荷相反(类似于正负电荷)的夸克在距离很近时几乎没有相互作用(称为“渐近自由”);在距离较远时,它们之间就会出现很强的引力(导致所谓“夸克禁闭”).做为一个简单的模型,两夸克之间的相互作用力F与它们之间的距离r的关系为:F=0(0
二、多项选择题:(本题共4小题,每小题4分,共16分,在每小题给出的四个选项中,有二个或三个选项是符合题目要求的.全部选对的,得4分;选对但不全的,得2分;有选错的,得0分)
7.如图6所示,在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q,在x轴上C点有点电荷-Q,且CO=OD,∠ADO=60°,下列判断正确的是()
(A) 0点电场强度为零
(B) D点电场强度为零
(C)若将点电荷+Q从O移向C,电势能增大
(D)若将点电荷-Q从O移向C,电势能增大
8.“二分频”音箱内有高、低两个扬声器,音箱要将扩音机送来的含有不同频率的混合音频电流按高、低段分离出来,送往相应的扬声器,以便使电流所携带的音频信号按原比例还原成高、低频的机械振动.如图7所示为音箱的电路简化图,高低频混合电流由a、b端输入,L是线圈,C是电容器,则()
(A)甲扬声器是低音扬声器
(B) C的作用是阻碍低频电流通过乙扬声器
(C)乙扬声器的振幅一定大
(D) L的作用是阻碍高频电流通过甲扬声器
9.如图8所示,理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1,b是原线圈的中心抽头,电压表和电流表均为理想电表,从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压,其瞬时值表达式为u1=220sin100πt(V),则()
(A)单刀双掷开关与a连接,在滑动变阻器触头P上移过程中,电压表和电流表示数均变小
(B)当s时,cd间的电压瞬时值为V
(C)当单刀双掷开关与a连接时,电压表的示数为22V
(D)开关由a扳向b,电压表、电流表示数同时变小
10.如图9所示,有两根和水平方向夹角α的光滑平行的金属轨道,上端接有可变电阻R,下端足够长,空间有垂直于轨道平面的匀强磁场,磁感应强度为B,一根质量为m的金属杆从轨道上由静止滑下,经过足够长的时间后,金属杆的速度会趋近于一个最大速度vm,则()
(A)如果B增大,vm将变大
(B)如果α变大,vm将变大
(C)如果R变大,vm将变大
(D)如果m变大,vm将变大
第Ⅱ卷
本卷包括必考题和选考题两部分.第1 1题～第16题为必考题,每个试题考生都必须做答.第17题～第19题为选考题,考生根据要求做答.
三、填空题(本题共2小题,每小题4分,共8分.把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程)
11.(4分)如图10所示,一个带-Q电荷量的点电荷A,与一块很大的接地金属板MN组成一系统,点电荷A与MN板垂直距离为d,则垂线d中点C处的电场强度大小为______,方向______;
12.(4分)磁悬浮列车的运行原理可简化为如11图示模型,两根平行直导轨间有竖直方向且等距离分布的匀强磁场B1和B2,导轨上有金属框abcd,金属框宽度ab与磁场B1、B2宽度相同.当匀强磁场B1和B2同时沿直导轨向右以速度v做匀速运动时,金属框也会沿直导轨运动,设直导轨间距为L,B1=B2=B,金属框的电阻为R,金属框运动时受到的阻力恒为F,则金属框运动的最大速度为____.
四、实验题(本题共2小题,第13题7分,第14题8分,共15分.把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程)
13.(7分)为了测量两张纸之间的动摩擦因数,某同学设计了一个实验:如图12所示,在木块A和木板B上贴上待测的纸,B木板水平固定,砂桶通过细线与木块A相连,调节砂桶中砂的多少,使木块A匀速向左运动.测出砂桶和砂的总质量m,以及贴纸木块A的质量M,则两纸间的动摩擦因数.
(1)该同学为什么要把纸贴在木块A和木板B上,而不直接测量两张纸间的滑动摩擦力?______
(2)在实际操作中,发现要保证木块A做匀速运动较困难,请你对这个实验作一改进来克服这一困难.
①你设计的改进方案是______;
②根据你的方案,结果动摩擦因数的表达式是______;
③根据你的方案要添加的器材有______.
14.(8分)(1)用已调零且选择旋钮指向欧姆挡“×10”位置的多用电表测某电阻阻值,根据图13所示的表盘,被测电阻阻值为______Ω;若将该表选择旋钮置于1 mA挡测电流,表盘仍如图13所示,则被测电流为______mA.
(2)用伏安法测定一个电阻R,阻值约10Ω,额定功率为1.5W,可供选用的器材有:
(a)稳压电源(电动势为10V)
(b)干电池1节(电动势为1.5V)
(c)蓄电池(电动势为6V)
(d)电压表V1(量程10V,内阻10kΩ)
(e)电压表V2(量程30V,内阻30 kΩ)
(f)电流表A1(量程0.6A,内阻0.5Ω)
(g)电流表A2(量程3.0A,内阻0.1Ω)
(h)滑动变阻器R'(最大电阻5Ω)
(i)开关S.
①电源应选______;电压表应选______;电流表应选______.(将仪器名称或符号填入空格中).
②在右边方框中画出电路图.
五、计算题(本题共2小题,第15题9分,第16题10分,共19分.把解答写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤)
15.(8分)2月18日,在温哥华冬奥会女子冰壶比赛中,中国队以9:5战胜日本队.冰壶在水平冰面上的滑行可简化为如图14所示过程,运动员将静止于O点的冰壶(视为质点)沿直线OO'推到A点放手,此后冰壶沿AO'滑行,最后停于C点,已知冰面与各冰壶间的动摩擦因数为μ,冰壶质量为m,AC=L,CO'=r,重力加速度为g.
(1)求冰壶在A点的速率;
(2)若将BO'段冰面与冰壶间的动摩擦因数减小为0.8μ,原只能滑到C点的冰壶能停于O'点,求A点与B点之间的距离.
16.(11分)如图15所示的坐标平面内,y轴左侧存在方向垂直纸面向外、磁感应强度大小B1=0.20T的匀强磁场,在y轴的右侧存在方向垂直纸面向里、宽度d=12.5 cm的匀强磁场B2,某时刻一质量m=2.0×10-8 kg、电量q=+4.0×10-4C的带电微粒(重力可忽略不计),从x轴上坐标为(-0.25m,0)的P点以速度v=2.0×103 m/s沿y轴正方向运动.试求:
(1)微粒在y轴左侧磁场中运动的轨道半径;
(2)微粒第一次经过y轴时,速度方向与y轴正方向的夹角;
(3)要使微粒不能从右侧磁场边界飞出,B2应满足的条件.
六、选考题(请考生在第17、18、19三题中任选二题做答,如果多做,则按所做的第一、二题计分.做答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑,计算题请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤)
17.模块3-3试题(12分)
(Ⅰ)(4分)已知气泡内气体的密度为1.29 kg/m3,平均摩尔质量为0.29 kg/mol,阿伏加德罗常数NA=6.02×1023 mol-1,气体能完全变为液体,请估算液体体积与原来气体体积的比值为______.(结果保留一位有效数字)
(Ⅱ)(8分)如图16为竖直放置的上细下粗的密闭细管,水银柱将气体分隔成A、B两部分,初始温度相同,使A、B升高相同温度达到稳定后,体积变化量为ΔVA、ΔVB,压强变化量为ΔpA、ΔpB,对液面压力的变化量为ΔFA、ΔFB,则ΔpA_____ΔpB,ΔFA______ΔFB,ΔVA______ΔVB(以上各格填“大于”、“小于”、“等于”).
18.模块3-4试题(12分)
(Ⅰ)(4分)2009年诺贝尔物理学奖授予华裔科学家高锟,他在光纤通信方面取得了突破性成就,1981年第一个光纤系统成功问世,光纤可以大幅提高信息传输速度,有关光纤通信的下列说法中,下列论述中,不正确的是______.
(A)光纤通信利用光作为载体来传递信息
(B)光导纤维传递光信号是利用光的折射原理
(C)光导纤维传递光信号是利用光的全反射原理
(D)目前广泛应用的光导纤维是一种非常细的特制玻璃丝
(Ⅱ)(8分)某人测得一静止棒长为l,质量为m,于是求得此棒的线密度,假定此棒以速度v沿棒长方向运动,棒的线密度为______,若棒沿垂直其长度方向向上运动,它的线密度为______.
19.选修模块3-5(12分)
(Ⅰ)(4分)我国首个火星探测器“萤火一号“飞船在哈萨克斯坦航天发射中心升空,飞船将历时10个月,飞行3.5亿公里,途中将通过一个密度ρ=2.0×10-5 kg/m3的宇宙尘埃区,若此时飞船速度v=1.0×103 m/s,设飞船的最大正截面积S=5 m2,尘埃与飞船碰撞后都附在飞船表面上,则飞船所受的阻力约为______.
(A) 10N (B) 50N
(C) 100N (D) 200N
(Ⅱ)(8分)河南省文物考古研究所在安阳发掘一座东汉大墓获得重大考古发现,考古人员在大墓内采集了古树木等遗物,并利用放射性同位素的衰变规律测出了大墓距今时间,经考证这座东汉大墓为曹操高陵.已知放射性同位素的衰变反应速率方程为,其中c0为放射性物质的初浓度,c为某一指定时刻的浓度,t为反应所经历的时间,k为速度常数,碳的放射性同位素14C在自然界树木中基本保持为总碳量的1.10×10-15,考古队分析大墓里木头中14C的含量为总碳量的8.4×10-16,试估算大墓距今约多少年?(已知14C的半衰期为5700年,lg2=0.301,lg1.10=0.041,lg8.4=0.924).
答案和解析
1.(C).女运动员绕男运动员转动,转速相等,n=30 r/min=0.5 r/s,角速度ω=2πn=πrad/s;
由
2.(C).设行星“CoRoT”、恒星“FH8001”的质量分别为m、M,
由
G为引力常量,所以k只与恒星“FH8001”质量M有关.
3.(D).当框架对地面压力为零时,此时弹簧对框架的弹力向上,且大小为Mg,则弹簧对小球的弹力向下,大小也为Mg,故此时小球具有的加速度
4.(B).以液柱为研究对象,由动能与势能的转换关系,得;
或解:设液体的密度为ρ,液柱截面积为S,考虑在时间Δt内,流动液体对L管下侧管口液体的作用力
管内液体重力mg=ρShg,
据平衡条件F=mg,得,
5.(B).根据全电路分压原理可知,K合1时,即为,K合2时,即为,
由以上两式得,由题意可知电阻有内阻,亦即电源内阻最大接近无穷大,最小接近于零;当r→∞时,得U'最小值1.6V;当r=0时,得U'最小值2V;即电压表示数在1.6V
6.(B).两夸克距离在0～r1之间,相互作用力F=0,据功能关系W=ΔU,W=0,ΔU=0,夸克间势能不变,即r=r0与r=r1处的夸克势能相等.
两夸克距离从r1增大至r2,相互作用力F0做负功,夸克势能增大,r1处的夸克间势能小于在r2处的势能.
两夸克距离在r>r2,相互作用力F=0,据功能关系W=ΔU,W=0,ΔU=0,夸克势能不变.本题中取无穷远为势能零点,距离为r2时夸克势能等于无穷远的势能(为0),据题意可知,距离为r,时夸克势能为负值,其数值为-U0,0
7.(B)、(D).A、B两点两个+Q在O点场强为零,C点-Q在OC连线上的场强方向为-x方向,因此O点电场强度不为零,选项(A)错;
根据电场强度的定义,在D点放一检验电荷+q,由受力分析可知合力为零,所以D点场强为零,选项(B)对.
A、B两点两个+Q在OC连线上的合强度方向为-x方向,C点-Q在OC连线上的强度方向也为-x方向,因此A、B、C三个电荷在OC连线上的合强度方向为-x方向,将点电荷+q从O移向C,电场力与运动方向一致,电场力做正功,电势能减小,(C)错.
若将点电荷-q从O移向C,电场力与运动方向相反,电场力做负功,电势能增大,(D)对.
8.(A)、(B)、(D).电感L具有通低频、阻高频的特点,所以只有低频信号通过甲扬声器,选项(A)、(B)对;电容C具有通高频、阻低频的特点,所以高频信号通过乙扬声器,而L的作用是阻碍高频电流通过甲扬声器,选项(D)对;频率高的电流,振幅不一定大,乙扬声器的振幅一定大;选项(C)错.
9.(B)、(C).选项(A)中,P向上移动,电阻R变大,电流变小,但电压不变,(A)错;
当时,代入公式,得,(B)正确;
选项(C)中,电压表示数,(C)正确;
开关由a扳向b时,副线圈电压升高,电压表示数变大,电流表示数也同时变大,(D)错.
10.(B)、(C)、(D).以金属杆为研究对象,画出受力的切面图,如图20所示,金属杆切割磁感线产生感应电流,导体棒受安培力作用,由楞次定律和左手定则可判定安培力的方向如图20所示,安培力的大小随运动速度的增大而增大,当F安=mgsinα时,速度不再增大,即速度达到最大,金属杆做匀速直线运动,杆处于平衡状态.
因为由平衡条件知F安=mgsinα,故
将选项中的四种情况与之比较可得(B)、(C)、(D)正确.
11.(2分),沿BA直线指向A(向右)(2分)
解析:MN右侧表面处场强处处与表面垂直,MN右侧表面电场线的特点与等量异种电荷中垂面的电场线相同,可以把题中的系统用等量异种电荷来等效代替,如图21所示,这样就很容易求出C点的电场强度.
C点电场强度等于点电荷A和B在C点产生的电场强度的矢量和,由于图中+Q、-Q电荷量的场强方向均向右,合场强大小
方向由C点沿BA直线指向A,向右.
解析:如图22所示,设线框以速度vm向右运动,为了求感应电动势方便,我们设磁场B1、B2不动,由于磁场以速度v向右运动,线框相当于以(v-vm)速度向左运动产生感应电动势,注意磁场B1、B2方向不同,图中感应电动势E=2BL(v-vm),由安培力公式可得F安=2BLI,由平衡条件可得F=F安,而I=E/R,代入得.
13.(7分)(1)通过增大压力来增大摩擦力,便于测量;(2分)
(2)①使木块A做匀加速运动,测出其加速度a(1分);
③打点计时器、低压交流电源.(2分)
14.(8分)(1)220(1分);0.40(1分)
(2)①蓄电池(电动势为6V)(1分);V1(1分);A1(1分);
②画出电路图(3分)
15.(8分)
答案:
(2)s=L-4r.
解析:(1)对冰壶,从A点放手到停止于C点,设在A点时的速度为v1,
应用动能定理有
解得
(2)设AB之间距离为s,对冰壶,从A到O’的过程,应用动能定理,
(2分)
解得s=L-4r.(2分)
16.(11分)
答案:(1)0.5 m;(2)60°;(3)B2≥0.4T
解析:(1)设微粒在y轴左侧匀强磁场中作匀速圆周运动的半径为r1,转过的圆心角为θ,则
代入数据解得r1=0.5 m.(1分)
(2)粒子在磁场中运动轨迹如图24所示,由几何关系得
则θ=60°,
(1分)
(3)设粒子恰好不飞出右侧磁场时磁感应强度为B0、运动半径为r2,其运动轨迹如图24所示,
由几何关系得r2cosθ=r2-d,
解得r2=0.25 m.(2分)
由牛顿第二定律得
解得B0=0.4T,所以磁感应强度B2应满足B2≥0.4T.(1分)
17.模块3-3试题(12分)
(Ⅰ)1×10-4(0.9×10-4～2×10-4都算对)(4分)
解析:设气体体积为V0,液体体积为V1,气体分子数(或V1=nd3)则,
解得(0.9×10-4～2×10-4都算对)
(Ⅱ)大于(3分);大于(3分);等于(2分)
解析:假设液柱不动,则A、B两部分气体发生等容变化,由查理定律,对气体A:;对气体B:,又初始状态满足PA=PB+h,A、B升高相同温度,
因此ΔPA>ΔPB,因此ΔFA>ΔFB.由于气体的总体积不变,因此ΔVA=ΔVB.
18.模块3-4试题(12分)
(Ⅰ)(B)(4分)
解析:光导纤维是一种非常细的特制玻璃丝,内芯为光疏介质,内芯的外层为光密介质,光纤通信利用光作为载体,把文本、图像和视频转变为光信号,再利用光在光纤中全反射传递,本题中选项(B)不正确.
解析:当棒沿棒长方向运动时,
棒的线密度棒
当棒沿棒长方向垂直时,
棒的线密度棒
19.(选修模块3-5)(12分)
(Ⅰ)(C)(4分)
解析:以宇宙飞船参照系,宇宙尘埃以速度v=1.0×103 m/s与宇宙飞船碰撞,在Δt时间内撞在飞船面的尘埃质量Δm=ρSv·Δt,尘埃受到的平均作用力
据牛顿第三定律可知,飞船所受的阻力约为100N.
(Ⅱ)(8分)
解析:当放射性同位素14C衰变一个半衰期时间t=5700年,则放射性物质的浓度,代入反应速率方程有:
解得
(2分)
设大墓距今时间为t',将c=8.4×10-16,c0=1.10×10-15,代入反应速率方程
即
得
3.期末考试测试卷（一） 篇三
1.抛物线y=mx2的准线方程为y=2，则m的值为 .
2.若函数f（x）=a-x+x+a2-2是偶函数，则实数a的值为 .
3.若sin（α+π12）=13，则cos（α+7π12）的值为 .
4.从长度分别为2、3、4、5的四条线段中任意取出三条，则以这三条线段为边可以构成三角形的概率是 .
5.已知向量a的模为2，向量e为单位向量，e⊥（a-e），则向量a与e的夹角大小为 .
6.设函数f（x）是定义在R上的奇函数，且对任意x∈R都有f（x）=f（x+4），当x∈（-2，0）时，f（x）=2x，则f（2012）-f（2013）= .
7.已知直线x=a（0
8.已知双曲线x2a2-y2=1（a>0）的一条渐近线为y=kx（k>0），离心率e=5k，则双曲线方程为 .
9.已知函数f（x）=ax（x<0），
（a-3）x+4a（x≥0）满足对任意x1≠x2，都有f（x1）-f（x2）x1-x2<0成立，则a的取值范围是 .
10.设x∈（0，π2），则函数y=2sin2x+1sin2x的最小值为 .
11.△ABC中，C=π2，AC=1，BC=2，则f（λ）=|2λCA+（1-λ）CB|的最小值是
12.给出如下四个命题：
①x∈（0，+∞），x2>x3;
②x∈（0，+∞），x>ex;
③函数f（x）定义域为R，且f（2-x）=f（x），则f（x）的图象关于直线x=1对称;
④若函数f（x）=lg（x2+ax-a）的值域为R，则a≤-4或a≥0;
其中正确的命题是 .（写出所有正确命题的题号）.
13.在平面直角坐标系xOy中，点P是第一象限内曲线y=-x3+1上的一个动点，以点P为切点作切线与两个坐标轴交于A，B两点，则△AOB的面积的最小值为 .
14.若关于x的方程|ex-3x|=kx有四个实数根，则实数k的取值范围是 .
二、解答题
15.已知sin（A+π4）=7210，A∈（π4，π2）.
（1）求cosA的值;
（2）求函数f（x）=cos2x+52sinAsinx的值域.
16.在四棱锥PABCD中，∠ABC=∠ACD=90°，∠BAC=∠CAD=60°，PA⊥平面ABCD，E为PD的中点，PA=2AB=2.
（1）求四棱锥PABCD的体积V;
（2）若F为PC的中点，求证PC⊥平面AEF;
（3）求证CE∥平面PAB.
17.某企业有两个生产车间分别在A、B两个位置，A车间有100名员工，B车间有400名员工.现要在公路AC上找一点D，修一条公路BD，并在D处建一个食堂，使得所有员工均在此食堂用餐.已知A、B、C中任意两点间的距离均有1km，设∠BDC=α，所有员工从车间到食堂步行的总路程为s.
（1）写出s关于α的函数表达式，并指出α的取值范围;
（2）问食堂D建在距离A多远时，可使总路程s最少.
18.已知点P（4，4），圆C：（x-m）2+y2=5（m<3）与椭圆E：x2a2+y2b2=1（a>b>0）有一个公共点A（3，1），F1、F2分别是椭圆的左、右焦点，直线PF1与圆C相切.
（1）求m的值与椭圆E的方程;
（2）设Q为椭圆E上的一个动点，求AP·AQ的取值范围.
19.幂函数y=x的图象上的点Pn（t2n，tn）（n=1，2，…）与x轴正半轴上的点Qn及原点O构成一系列正△PnQn-1Qn（Q0与O重合），记an=|QnQn-1|
（1）求a1的值;
（2）求数列{an}的通项公式an;
（3）设Sn为数列{an}的前n项和，若对于任意的实数λ∈[0，1]，总存在自然数k，当n≥k时，3Sn-3n+2≥（1-λ）（3an-1）恒成立，求k的最小值.
20.已知函数f（x）=（x2-3x+3）·ex定义域为[-2，t]（t>-2），设f（-2）=m，f（t）=n.
（1）试确定t的取值范围，使得函数f（x）在[-2，t]上为单调函数;
（2）求证：n>m;
（3）求证：对于任意的t>-2，总存在x0∈（-2，t），满足f′（x0）ex0=23（t-1）2，并确定这样的x0的个数.
附加题
21.[选做题] 本题包括A，B，C，D四小题，请选定其中两题作答，每小题10分，共计20分.
A.选修41：几何证明选讲
自圆O外一点P引圆的一条切线PA，切点为A，M为PA的中点，过点M引圆O的割线交该圆于B、C两点，且∠BMP=100°，∠BPC=40°，求∠MPB的大小.
B.选修42：矩阵与变换
已知二阶矩阵A=1a
34对应的变换将点（-2，1）变换成点（0，b），求实数a，b的值.
C.选修44：坐标系与参数方程
椭圆中心在原点，焦点在x轴上.离心率为12，点P（x，y）是椭圆上的一个动点，
若2x+3y的最大值为10，求椭圆的标准方程.
D.选修45：不等式选讲
若正数a，b，c满足a+b+c=1，求13a+2+13b+2+13c+2的最小值.
[必做题] 第22、23题，每小题10分，计20分.
22.如图，在底面边长为1，侧棱长为2的正四棱柱ABCDA1B1C1D1中，P是侧棱CC1上的一点，CP=m.
（1）试确定m，使直线AP与平面BDD1B1所成角为60°;
（2）在线段A1C1上是否存在一个定点Q，使得对任意的m，D1Q⊥AP，并证明你的结论.
23.（本小题满分10分）
已知，（x+1）n=a0+a1（x-1）+a2（x-1）2+a3（x-1）3+…+an（x-1）n，（其中n∈N*）
（1）求a0及Sn=a1+a2+a3+…+an;
（2）试比较Sn与（n-2）2n+2n2的大小，并说明理由.
参考答案
一、填空题
1. -18
2. 2
3. -13
4. 0.75
5. π3
6. 12
7. 710
8. x24-y2=1
9. （0，14]
10. 3
11. 2
12. ③④
13. 3324
14. （0，3-e）
二、解答题
15.解：（1）因为π4<A<π2，且sin（A+π4）=7210，
所以π2<A+π4<3π4，cos（A+π4）=-210.
因为cosA=cos[（A+π4）-π4]
=cos（A+π4）cosπ4+sin（A+π4）sinπ4
=-210·22+7210·22=35.所以cosA=35.
（2）由（1）可得sinA=45.所以f（x）=cos2x+52sinAsinx
=1-2sin2x+2sinx=-2（sinx-12）2+32，x∈R.因为sinx∈[-1，1]，所以，当sinx=12时，f（x）取最大值32;当sinx=-1时，f（x）取最小值-3.
所以函数f（x）的值域为[-3，32].
16.解：（1）在Rt△ABC中，AB=1，
∠BAC=60°，∴BC=3，AC=2.
在Rt△ACD中，AC=2，∠CAD=60°，
∴CD=23，AD=4.
∴SABCD=12AB·BC+12AC·CD
=12×1×3+12×2×23=523.则V=13×523×2=533.
（2）∵PA=CA，F为PC的中点，
∴AF⊥PC.∵PA⊥平面ABCD，∴PA⊥CD.
∵AC⊥CD，PA∩AC=A，
∴CD⊥平面PAC.∴CD⊥PC.
∵E为PD中点，F为PC中点，
∴EF∥CD.则EF⊥PC.
∵AF∩EF=F，∴PC⊥平面AEF.
（3）取AD中点M，连EM，CM.则EM∥PA.
∵EM平面PAB，PA平面PAB，
∴EM∥平面PAB.
在Rt△ACD中，∠CAD=60°，AC=AM=2，
∴∠ACM=60°.而∠BAC=60°，∴MC∥AB.
∵MC平面PAB，AB平面PAB，
∴MC∥平面PAB.
∵EM∩MC=M，
∴平面EMC∥平面PAB.
∵EC平面EMC，
∴EC∥平面PAB.
17.解：（1）在△BCD中，
∵BDsin60°=BCsinα=CDsin（120°-α），
∴BD=32sinα，CD=sin（120°-α）sinα，
则AD=1-sin（120°-α）sinα.
s=400·32sinα+100[1-sin（120°-α）sinα]
=50-503·cosα-4sinα，其中π3≤α≤2π3.
（2）s′=-503·-sinα·sinα-（cosα-4）cosαsin2α=503·1-4cosαsin2α.
令s′=0得cosα=14.记cosα0=14，α0∈（π3，2π3）;
当cosα>14时，s′<0，当cosα<14时，s′>0，
所以s在（π3，α0）上单调递减，在（α0，2π3）上单调递增，
所以当α=α0，即cosα=14时，s取得最小值.
此时，sinα=154，
AD=1-sin（120°-α）sinα=1-32cosα+12sinαsinα
=12-32·cosαsinα=12-32·14154=12-510.
答：当AD=12-510时，可使总路程s最少.
18.解：（1）点A代入圆C方程，得（3-m）2+1=5.
∵m<3，∴m=1.
圆C：（x-1）2+y2=5.
设直线PF1的斜率为k，则PF1：y=k（x-4）+4，即kx-y-4k+4=0.
∵直线PF1与圆C相切，∴|k-0-4k+4|k2+1=5.解得k=112，或k=12.
当k=112时，直线PF1与x轴的交点横坐标为3611，不合题意，舍去.
当k=12时，直线PF1与x轴的交点横坐标为-4，
∴c=4，F1（-4，0），F2（4，0）.
2a=AF1+AF2=52+2=62，a=32，a2=18，b2=2.
椭圆E的方程为：x218+y22=1.
（2）AP=（1，3），设Q（x，y），AQ=（x-3，y-1），
AP·AQ=（x-3）+3（y-1）=x+3y-6.
∵x218+y22=1，即x2+（3y）2=18，
而x2+（3y）2≥2|x|·|3y|，∴-18≤6xy≤18.
则（x+3y）2=x2+（3y）2+6xy=18+6xy的取值范围是[0，36].
x+3y的取值范围是[-6，6].
∴AP·AQ=x+3y-6的取值范围是[-12，0].
19.解：（1）由P1（t21，t1）（t>0），得kOP1=1t1=tanπ3=3t1=33，
∴P1（13，33），a1=|Q1Q0|=|OP1|=23.
（2）设Pn（t2n，tn），得直线PnQn-1的方程为：y-tn=3（x-t2n），
可得Qn-1（t2n-tn3，0），
直线PnQn的方程为：y-tn=-3（x-t2n），可得Qn（t2n+tn3，0），
所以也有Qn-1（t2n-1+tn-13，0），得t2n-tn3=t2n-1+tn-13，由tn>0，得tn-tn-1=13.
∴tn=t1+13（n-1）=33n.
∴Qn（13n（n+1），0），Qn-1（13n（n-1），0），
∴an=|QnQn-1|=23n.
（3）由已知对任意实数时λ∈[0，1]时，n2-2n+2≥（1-λ）（2n-1）恒成立，
对任意实数λ∈[0，1]时，（2n-1）λ+n2-4n+3≥0恒成立
则令f（λ）=（2n-1）λ+n2-4n+3，则f（λ）是关于λ的一次函数.
对任意实数λ∈[0，1]时，f（0）≥0
f（1）≥0.
n2-4n+3≥0
n2-2n+2≥0n≥3或n≤1，
又∵n∈N*，∴k的最小值为3.
20.（1）解：因为f′（x）=（x2-3x+3）·ex+（2x-3）·ex=x（x-1）·ex
由f′（x）>0x>1或x<0;由f′（x）<00<x<1，所以f（x）在（-∞，0），（1，+∞）上递增，在（0，1）上递减
欲f（x）在[-2，t]上为单调函数，则-2<t≤0.
（2）证：因为f（x）在（-∞，0），（1，+∞）上递增，在（0，1）上递减，所以f（x）在x=1处取得极小值e
又f（-2）=13e2<e，所以f（x）在[-2，+∞）上的最小值为f（-2）
从而当t>-2时，f（-2）<f（t），即m<n.
（3）证：因为f′（x0）ex0=x20-x0，所以f′（x0）ex0=23（t-1）2即为x20-x0=23（t-1）2，
令g（x）=x2-x-23（t-1）2，从而问题转化为证明方程g（x）=x2-x-23（t-1）2=0
在（-2，t）上有解，并讨论解的个数.
因为g（-2）=6-23（t-1）2=-23（t+2）（t-4），g（t）=t（t-1）-23（t-1）2=13（t+2）（t-1），所以
①当t>4或-2<t<1时，g（-2）·g（t）<0，所以g（x）=0在（-2，t）上有解，且只有一解.
②当1<t<4时，g（-2）>0且g（t）>0，
但由于g（0）=-23（t-1）2<0，
所以g（x）=0在（-2，t）上有解，且有两解.
③当t=1时，g（x）=x2-x=0x=0或x=1，所以g（x）=0在（-2，t）上有且只有一解;
当t=4时，g（x）=x2-x-6=0x=-2或x=3，
所以g（x）=0在（-2，4）上也有且只有一解.
综上所述，对于任意的t>-2，总存在x0∈（-2，t），满足f′（x0）ex0=23（t-1）2，
且当t≥4或-2<t≤1时，有唯一的x0适合题意;当1<t<4时，有两个x0适合题意.
（说明：第（2）题也可以令φ（x）=x2-x，x∈（-2，t），然后分情况证明23（t-1）2在其值域内，并讨论直线y=23（t-1）2与函数φ（x）的图象的交点个数即可得到相应的x0的个数）
附加题
21.（A）解：因为MA为圆O的切线，所以MA2=MB·MC.
又M为PA的中点，所以MP2=MB·MC.
因为∠BMP=∠BMC，所以△BMP∽△PMC.
于是∠MPB=∠MCP.
在△MCP中，由∠MPB+∠MCP+∠BPC+∠BMP=180°，得∠MPB=20°.
（B）解：∵0
b=1a
34-2
1=-2+a
-6+4，
∴0=-2+a
b=-2，即a=2，b=-2.
（C）解：离心率为12，设椭圆标准方程是x24c2+y23c2=1，
它的参数方程为x=2cosθ
y=3sinθ，（θ是参数）.
2x+3y=4ccosθ+3csinθ=5csin（θ+φ）最大值是5c，
依题意tc=10，c=2，椭圆的标准方程是x216+y212=1.
（D）解：因为正数a，b，c满足a+b+c=1，
所以，（13a+2+13b+2+13c+2）[（3a+2）+（3b+2）+（3c+2）]≥（1+1+1）2，
即13a+2+13b+2+13c+2≥1，
当且仅当3a+2=3b+2=3c+2，即a=b=c=13时，原式取最小值1.
22.解：（1）建立如图所示的空间直角坐标系，则
A（1，0，0），B（1，1，0），P（0，1，m），C（0，1，0），D（0，0，0），
B1（1，1，1），D1（0，0，2）.
所以BD=（-1，-1，0），BB1=（0，0，2），
AP=（-1，1，m），AC=（-1，1，0）.
又由AC·BD=0，AC·BB1=0知AC为平面BB1D1D的一个法向量.
设AP与面BDD1B1所成的角为θ，
则sinθ=cos（π2-θ）=|AP·AC||AP|·|AC|
=22·2+m2=32，解得m=63.
故当m=63时，直线AP与平面BDD1B1所成角为60°.
（2）若在A1C1上存在这样的点Q，设此点的横坐标为x，
则Q（x，1-x，2），D1Q=（x，1-x，0）.
依题意，对任意的m要使D1Q在平面APD1上的射影垂直于AP.等价于
D1Q⊥APAP·D1Q=0x+（1-x）=0x=12
即Q为A1C1的中点时，满足题设的要求.
23.解：（1）取x=1，则a0=2n;取x=2，则a0+a1+a2+a3+…+an=3n，
∴Sn=a1+a2+a3+…+an=3n-2n;
（2）要比较Sn与（n-2）2n+2n2的大小，即比较：3n与（n-1）2n+2n2的大小，
当n=1时，3n>（n-1）2n+2n2;
当n=2，3时，3n<（n-1）2n+2n2;
当n=4，5时，3n>（n-1）2n+2n2;
猜想：当n≥4时，3n>（n-1）2n+2n2，下面用数学归纳法证明：
由上述过程可知，n=4时结论成立，
假设当n=k，（k≥4）时结论成立，即3k>（k-1）2k+2k2，
两边同乘以3得：3k+1>3[（k-1）2k+2k2]=k2k+1+2（k+1）2+[（k-3）2k+4k2-4k-2]
而（k-3）2k+4k2-4k-2=（k-3）2k+4（k2-k-2）+6=（k-3）2k+4（k-2）（k+1）+6>0，
∴3k+1>（（k+1）-1）2k+1+2（k+1）2
即n=k+1时结论也成立，∴当n≥4时，3n>（n-1）2n+2n2成立.
综上得，当n=1时，Sn>（n-2）2n+2n2;当n=2，3时，Sn<（n-2）2n+2n2;
4.学前班语文试卷 篇四
（时间：60分钟 总分：100分）
班级：＿＿＿＿＿ 姓名：＿＿＿＿＿ 分数：＿＿＿＿＿
一、按要求默写韵母。（21分）复韵母：
前鼻韵母：
二、按顺序填写整体认读音节。（9分）
三、填空。（12分）
j—（）→jūn
l—ǘ→（）q—（）→qún
t—（）→tún x—ûn→（）
sh—ùn→（）
四、连线。（16分）fýi jÿ
耳朵
pí qiú 树叶 þr duo
花猫
zuǐ bɑ 皮球 shǒu biǎo
飞机
shù yâ 房门 huü müo
手表
fánɡ mãn 嘴巴
五、看拼音写汉字。（20分）
bái yún shǒu xÿn máo jÿn mù ɡuünɡ mù tou（）（）（）（）（）yǔ shuǐ tiün qì sháo zi þr duo xiǎo cǎo（）（）（）（）（）
六、把下面的量词填在相应的（）里。（8分）头 个 朵 张 只 片 本 双
一（）花
一（）人
一（）书
一（）手 一（）叶
一（）纸
一（）牛
一（）鸟
七、给下面正确的音节打“√”。（7分）
jǜn()lǘ()dün()huà()jǐu()qún()shǔi()xuã()zuǐ()zuî()
5.学前班语言下册试卷 篇五
一、读拼音写汉字（12分）。
xuã xiào lǎo shi mü ma（）（）（）gý ge shün dòng du shū（），（）（）
二、组词（12分）姓名＿＿＿＿＿＿ 分数____________ 白（）山（）大（）田（）小（）门（）
三、请把下列音节中的声母和韵母找出来。（24分）。
li fu nû
声母 韵母 声母 韵母 声母 韵母（）（）（）（）（）（）tu de lû
声母 韵母 声母 韵母 声母 韵母（）（）（）（）（）（）
四、填量词（24分）。
朵、个、双、只、本、头、条、匹、支、片、口
一（）花 一（）人 一（）手 一（）鸡 一（）书 一（）牛 一（）河 一（）马 一（）笔 一（）树叶 一（）井 一（）羊
五、连线。（16分）
fýi jÿ
耳朵
pí qiú 树叶 þr duo
花猫
zuǐ bɑ 房门 shǒu biǎo 飞机
shù yâ 皮球 huü müo
手表
fánɡ mãn 嘴巴
六、写出下面字的反义词。（6分）
大——（）多——（）男——（）
前————（）左——（）开——（）
6.学前班语文期末试卷 篇六
一、书写自己的名字。（6分）
二、默写6个单韵母及23个声母。（30分）
三、按要求选择，将正确答案写在横线上。(30分)
ang zi yuan an ong en ing in eng un ong si ri vn ye
前鼻音韵母： 后鼻音韵母：
整体认读音节：
五、连一连。（16分）
大 高 东 左 前 方
圆 后 小 右 低 西
六、抄写汉字。（18分）
书（）纸（）笔（）本（）吃（）
笑（）哭（）短（）长（）
学前班语文期末试卷
3学前班语文数学期末试卷
学前班数学期末试卷
姓名 分数
一、在空格里填上适当的数。（34分）181399()()()()()()16()()()20()()()6 7 5 83 1 2()2()()3 1()10 9（）（）（）1()()6 1 4 3 3 3
5二、计算（40分）4+3= 6+2= 9-3= 10-5= 8-2=5+5= 3+7= 8+0= 5+6= 2+9=4+9= 6+8= 14-4= 7+7= 18-8=8+8= 19-5= 6+7= 8+3= 5+7=4+8= 9-9= 9+9= 1+13= 9+0-9= 9-1+6= 4+9-3= 8-1=2= 2+7+6= 9-3-6= 1+1+0= 8+8-6=10-2+7= 3+8-1= 7-0-6= 6+1+5=10-4-5= 2+3+5= 5+2+0= 8-5-2=0+5+9= 10-4-6== 6+8-10= 8-2+6=
三、在()里填上“＜”“＞”或“＝”。（16分）9+5()14 16-10()10 3+8()9 13()7+78()19-9 6+9()15 14()18-8 6+7()1419-9()9 8+7()10 9-4()6 17-0()1815()15+0 15()15-0 6+7()12 14-4()8
四、看图列出四个算式。（10分）
1、△△△△△△
2、△△△△△△()+()=()()--()=()()+()=()()--()=()
3、()+ 3 =()3 +()=()()— 7 =()10 —()=()学前班上期语文期末试卷
一、按声母表的顺序把声母写在四线格里。（20分）
二、填一填（9分）b—à→()g—u--ā→()zh--ú→()f--ēng→()j—i--ā→()t--ǎ→()j--ǘ→()q—ü--án→()g--ǔ→()
三、连一连（24分）爸 gē 开 yún 弟 huǒ哥 rì 风 fēng 乐 dì日 huì 竹 kāi 西 lè会 bà 云 zhú 火 xī
四、比一比，再组词。（24分）上()大()人()土()天()火()日()弟()开()目()哥()会()
五、写反义词。（12分）大——()上——()出——()多——()短——()开——()
六、填一填（11分）xiǎo shān1、我家门前有一座（）（）。mǎ er2、（）（）在路上跑。shàng yuè
3、天（）有一个弯弯的（）儿。shí rì
4、（）月一（）是国庆节。liù rì ér5、（）月一（）是（）童节。学前班语文数学期末试卷
学前班语文试卷
3姓名： 总分
一、猜(cāi)猜(cāi)看(kàn)，写一写：
二、给(gěi)下面(miàn)字加上一笔(bǐ)，组(zǔ)成(chéng)新(xīn)字写下来：
人--（）木--（）日--（）了--（）
米--（）土--（）万--（）厂--（）
牛--（）口--（）
三、把下面的字去掉一笔，变成另一个字。（24分）
个（）本（）去（）
丢（）太（）土（）
子（）方（）来（）
天（）自（）玉（）
三、拼(pīn)音加减(jiǎn)法：
b+à=()b+ǐ=()f+ú=()m+ù=()l+è=()m+á=()t+ì=()n+ǎ=()f+ó=()
四、读(dú)拼(pīn)音写汉字：
hé mǐ dà xiǎo lì dāo mén mǎ
tǔ niú fēi dāo mù xià shàng ěr
五、比一比，再(zài)组(zǔ)词(cí)：２×８＝１６分
马（）飞（）雨（）手（）
鸟（）风（）两（）毛（）
五、先找朋友，再连线。（15分）
一口 书
二朵 刀
三片 牛
四本 井
五只 花
六把 鸟
七头 人
四、写反义词。（6分）
大--()上--()前--()
左--()开--()多--（）
五、我会选择适当的量词填空。8分
棵 朵 只 匹 头 双 把 支
一()花 一()树 一()鞋 一()伞
一()马 一()牛 一()鸟 一()笔
学前班语文试卷
32016—2016学年度第二学期语文期末质量监测
2011—2012学年度第二学期期末质量监测
年级：学前班 姓名： 得分：
一、根据要求写拼音：（分）
1、写出6个单韵母：a , ǔ。
2、写出前后鼻韵母：an ,ang。
3、根据顺序依次写出下列字母： abchlkpqtu4、依次写出下列字母的大小写：ADEFGMQbchnp
二、根据要求完成；
1、填空：春眠晓处闻啼风花落一去里烟村家亭台座枝花 2011—2012学年度第二学期语文期末质量监测
和县实验学校学前班语文期末试题卷
和县实验学校学前班语文期末试题卷
姓名 得分
一、写出六个单韵母。（12分）
二、按顺序把拼音填完。(15分)
ɑ ___ e ___ u ___
b ___ ___ f d ___ n ___
___ k ___ j ___ ___
___ c ___ zh ___ ___ r
三、拼一拼。（12分）
例：b-ó-b(ó)(h)-u-ā-h(u)ā
m-ā-m()n-ǚ-n()
h-é-h()x-ī-()
j-ǘ-()ú q-ǚ-q()
d-u-ǒ-d()()x-()-ā-xi()
()-ú-zú ch-è-()è
四、比一比，写一写。（24分）
u--ü i--j b--d
p--q m--n f--t
五、读一读，找一找，把整体认读音节圈出来。（7分）
ze zi cu ci si sɑ
zhi zhu chi shi ji ri
六、看图连线（10分）
tù zi bō luó xī guā lí zi jú zi
七、看图在正确的音节后面画“ ”。（10分）
jī()-jǐ()zhú()-zhū()shī()-shì()
shé()-shě()hū()-hǔ()
八、看图给音节填出正确的声调。（10分）
huɑ duo he chɑ dɑ shu
shɑ fɑ mu mɑ
和县实验学校学前班语文期末试题卷
学前班下册语文试卷
学前班下册语文试卷
一、听写笔画名称。（10分）
二、听写生字。（10分）
三、把下面的字去掉一笔，变成另一个字。（24分）
个（）本（）去（）
丢（）太（）土（）
子（）方（）来（）
天（）自（）玉（）
四、找朋友，再连线。（15分）
小 本 北 民
雪 电 男 孩
闪 笔 人 京
课 草 头 朵
铅 花 耳 发
四、写反义词。（6分）
大--()上--()前--()
左--()开--()多--（）
五、先找朋友，再连线。（15分）
一口 书
二朵 刀
三片 牛
四本 井
五只 花
六把 鸟
七头 人
八条 叶
九个 笔
十支 狗
3、照样子写笔顺。（20分）
例子：三 一 二 三(3)画
火()画 小()画
水()画 马()画
牛()画 云()画
月()画 山()画
高()画 目()画
学前班下册语文试卷
2016年下学期学前班期末语文考试试卷
2012年下学期学前班期末语文考试试卷
姓名： 得分：
一、看图连拼音。（把图和对应的拼音用线连起来。）（25分）ɑ
二、看图连字卡。（25分）
三、比一比，在括号里写出“大”和“小”。（10分）
()()
7.学前班试卷一 篇七
基于任务驱动教学模式在中职各个专业的高效运作, 我校学前教育专业钢琴课推出以“任务驱动”为导向的“一包一表” (学习任务包和学习评价表) 任务驱动教学模式, 包括“课前”、“课中”、“课后”三个教学环节, 即“课前”教师与幼师生以钢琴课一个学习单元的学习内容共同协作开发 “一包” (学习任务包) , 并运用信息技术发给钢琴学习小组每个成员的手机里, 通过集体学习的监督作用预习预练“一包” (学习任务包) ;“课中” 以因材施教为教学原则搭建各种展示自我平台汇报“一包” (学习任务包) 的学习情况, 根据学习情况及时调整教学策略;“课后”即一个学习单元结束后, 通过注重任务学习过程评价的 “一表” (学习评价表) 总结和反馈任务学习情况, 总结经验教训, 激励 (驱动) 学习小组每个成员积极完成“一包” (学习任务包) 的教学模式。 “一包一表”是任务驱动教学模式的拓展运用, 它以“一包一表”的形式实现对“任务”的有效驱动。
一、实施“一包一表”任务驱动教学模式的原因
我校学前教育专业数码钢琴课在实施“一包一表”任务驱动教学模式之前采用集体授课模式, 即一间教室里放着几十台数码钢琴, 一位老师同时面对几十位幼师生授课, 钢琴教师在课堂上讲理论、示范技能, 幼师生在下面进行简单模仿, 这种教学模式称为钢琴集体课。 然而, 在教学实践过程中发现这种教学模式存在诸多弊端, 课堂上往往是教师在台上“满头大汗”一节课, 幼师生在下面“逍遥自在”一节课, 造成这个问题主要有下面几方面原因:
(一) 学生学习缺热情。
幼师生大部分来自于初中学习的失利者, 学习主动性、积极性较差, 对待学习有着先天的“恐惧”心理, 学习习惯较差, 缺乏积极钻研精神, 经常课前不按老师的要求进行预习预练, 课后对于老师课堂上所指出的作业错误没有及时更正, 大大降低了学习效率。
(二) 教学手段缺创新。
数码钢琴集体课虽然节省了部分教学资源, 但教学手段仍然采用“填鸭式”的“三步曲”, 即教师说教示范-幼师生简单模仿;幼师生练习-教师纠正;幼师生再练。 这种教学手段, 教师是“说教王”, 突出的是教师反复的说教, 因而教学手段单一乏味, 课堂师生之间互动少、课堂学习气氛沉闷。
(三) 学习评价缺合理。
学习评价沿用传统的一次单元、期中、期末考试等“一锤定音”式“论英雄”, 再根据成绩高低排名次、评优评先等, 这种简单、粗暴的学习评价方式严重打击了幼师生的自尊心, 导致她们对钢琴学习的自信心“渐行渐远”。
鉴于以上问题, 我们采用“一包一表”任务驱动教学模式代替传统教学模式, 激发幼师生的学习兴趣, 培养幼师生团体协作精神、提高创新思维、善于研究问题的能力。
二、实施“一包一表”任务驱动教学模式的优点
“ 一包一表” 的任务驱动教学模式强调 “ 课前”、 “ 课中”、“课后”三个教学环节, 以钢琴教师为主导, 幼师生为主体, 在互动协作过程中实现对钢琴理论知识和技能的建构, 幼师生在“做中教”、“做中学”的职业教育课程改革理念下完成对钢琴理论知识和技能的学习。 与传统教学模式相比, 具有以下优点, 如表1:
三、“一包一表”任务驱动教学模式的应用探究
著名C教大育调家音阶叶、琶圣音陶、和曾弦“说一:包“” (教学师习任当务然包) 须学习教评, 价表而尤宜致力学于号导姓。名”总分名称评价自我小组教师平均
数码钢琴课是一门集现代信息技术、音乐基础理论知识、音乐情感表达、钢琴弹奏技术等于一体的综合技能课, 对于刚刚接触钢琴学习的幼师生来说存在不小的难度, 如何引导幼师生学好这门技能课是每位钢琴教师一直在思考的问题。 (分值) 项目评价评价评价得分K101丽红学习能力 (20%) 预习、预练“学习任务包”18 17 15 16.7社会能力 (10%) 学习态度、学习习惯、团队协作精神6 5 5 5.367.7
“一包一表”的任务驱动教学模式强调“课前” (新课授课前) 、“课中” (课堂中) 、“课后” (学习过程评价) 三个教学环节, 重视钢琴教师的启发诱导的主导作用, 以幼师生为主体协作参与“一包” (学习任务包) 的开发;以因材施教为原则搭建各种展示自我平台, 及时调整教学策略;注重学习过程性评价激励幼师生学习;让幼师生在“做中教”、“做中学”的过程中建构钢琴知识与技能, 使她们成为课堂的主人。摇摇专业能力 (70%) 完成钢琴基础理论、弹奏技术学习等情况50 42 45 45.7
(一) “课前”开发学习任务包, 激发学生学习兴趣。
“课前”即钢琴新课授课前, 教师引导幼师生互动协作开发由钢琴学习视频、学习导向文档等组成的“一包” (学习任务包) , 在“妙趣横生”的开发过程中提高幼师生善于观察问题、思考问题能力, 在“润物细无声”中建构钢琴知识与技能。
1.成立动态协作学习小组。
钢琴学习能力因人而异, 因此把学习能力相近的幼师生根据“同组同质”的分组原则, 每6~8位幼师生划分为一组, 每组选出一位学习能力较好的幼师生作为组长。 协作学习小摇组摇的作用是共同制作“一包” (学习任务包) , 并组织新课前预习预练、小组成员互相监督学习、小组学习评价等。
2.协作开发技能学习视频。
钢琴新课授课前教师引导学生准备录影工具、 布置录影场地、维持场地秩序、共同确定录影内容等, 把一个学习单元里的钢琴弹奏技术录制成学习视频。 比如学习单元里关于正确坐姿、正确手型等, 在钢琴教师示范下拍成学习视频。 再如把音阶、和弦、琶音、练习曲、乐曲等分门别类制作成小小的学习视频, 然后通过网络发送到学生的手机里, 并根据学习内容进行课前预习预练。
3.协同制作学习导向文档。
学习导向文档由指导学习的文字说明或者图片组成。 在教师指导下, 利用幼师生美术手工制作技术、计算机技术等, 把钢琴学习的章节、单元知识等制作成指导学习的电子文档、卡通图片等, 遇到难以掌握的知识点时, 采用游戏、角色扮演等加深理解, 比如在讲解三和弦do、mi、sol的转位时, 我让三位音乐基础较好的幼师生手持制作代表do、mi、sol的卡通图片进行位置互换, 并用准确的音高唱出来, 终于让幼师生明白了和弦原位、一转、二转的原理, 幼师生在轻松愉快的课堂气氛中掌握了知识, 同时活跃了课堂。
(二) “课中”搭建自我展示平台, 激励学生自我欣赏。
以因材施教为原则搭建个别课、小组课、观摩课等多种幼师生展示自我的平台, 在幼师生展示自己才艺的过程中及时发现问题, 调整教学策略, 制定针对性的学习任务。
1.搭建学生自我展示平台, 定期举行观摩课。
搭建幼师生自我展示平台, 即幼师生每个学习单元结束后开展一次教学观摩课, 协作学习小组成员定期汇报“一包” (学习任务包) 的学习情况, 通过现场互相点评方式指出学习上的不足, 小组成员荣辱与共, 及时反馈钢琴弹奏的基本知识、要求、技巧等方面的缺陷。
2.以因材施教为教学原则, 定期举行小组课。
幼师生钢琴学习存在个体差异, 一个学习单元结束后, 同组成员学习进度逐渐拉开距离, 小组成员将接受学习程度不一样的“一包” (学习任务包) , 因此在每个学习单元完成后要根据实际情况重新分组, 任务学习完成度相近的重新安排在同一组, 并定期以小组为单位授课。
3.正视学习能力个体差异, 定期举行个别课。
钢琴学习能力因人而异, 因此定期轮流指定幼师生进行个别指导, 深入细致地指出她们在学习过程中的不足, 对于学习能力较强、较快完成“一包” (学习任务包) 的幼师生, 要及时调整学习任务, 适当增加一些难度。 对于学习能力较差的学生, 则要降低难度, 并根据情况布置针对性的练习, 比如 《哈农 》、《钢琴进阶 》等练习针对手指独立性差的幼师生;《车尔尼7 1 8》、《左手音阶、琶音 》等练习针对左手不灵活的幼师生;《巴赫初级钢琴曲》 练习针对双手协调性差的幼师生。
(三) “课后”构建三维学习评价, 实现任务有效驱动。
改变传统钢琴课“一锤定音”式的学习评价, 重新构建以“学习能力”、“社会能力”、“专业能力”为基础的“三维”学习评价体系, 一次单元学习结束后, 学习小组成员根据“一包” (学习任务包) 的学习情况通过自我评价、小组评价、教师评价等综合评定学习成绩, 注重评价幼师生积极的学习态度、团队协作学习精神、创新思考问题能力等, 激发 (驱动) 幼师生学习兴趣, 如表2:类别课前课中课后“一包一表”的任务驱动教学模式以教师为主导、学生为主体协作开发“一包”。 (建构知识与技能) 以因材施教为原则, 搭建各种自我展示平台, 及时调整教学策略。 (课堂互动多、生动有趣) 任务再分配, 重视学习过程的学习评价。传统教学模式简单布置预习预练任务。填鸭式灌输知识与技能。 (课堂气氛沉闷、单调) 简单课堂小结, 布置作业。
1.学习能力评价。
学习能力是指具备从事职业活动所需要的工作方法和学习方法。 在任务驱动教学模式中, 学习能力评价主要是针对幼师生是否充分利用钢琴“一包” (学习任务包) 的学习内容参与学习、课前是否预习预练等。
2.社会能力评价。
社会能力是指具备从事职业活动所需要的行为能力。 在任务驱动教学模式中, 社会能力评价主要考查幼师生是否积极参与钢琴“一包” (学习任务包) 的开发、学习态度是否端正、是否认真听课并做好笔记、主动提问、保持琴室卫生等。
3.专业能力评价。
专业能力是指具备从事职业活动所需要的技能与其相应的知识。 任务驱动教学模式中对于学生专业能力上的考核主要是考查幼师生“一包” (学习任务包) 的钢琴理论知识和弹奏技术掌握情况等。
总之, “一包一表” 的任务驱动教学模式打破了传统钢琴集体课单调、乏味的教学模式, 教师与幼师生在共同制作“一包” (学习任务包) 的过程中建构了知识与技能, 提高了创新思维和问题研究能力, 培养了团队协作精神;课中搭建多种展示自我平台和课后构建科学合理, 重视学习过程的“三维”学习评价激发了幼师生的学习兴趣, 改变了幼师生由原来“厌学”、“畏学”的消极学习态度为“好学”、“乐学”的积极学习态度, 促进了幼师生钢琴技术水平的全面提高, 为今后的就业做好了准备。
参考文献
[1]白艳.奥尔夫音乐教学法在学前教育专业音乐教学中的应用.教育与职业.
[2]秦岭.行动导向教学法在高等幼专音乐教学中的应用.北方音乐.
8.学前班试卷一 篇八
1. 左图等高线中A、B、C、D四个观测点所见到的起伏形态依次对应的是（ ）
A. ②③④① ?B. ②③①④
C. ③④②① ?D. ④③②①
2. 一般而言，热带雨林区因高温高湿，蚊虫滋生，土壤养分淋失，以致农业不彰（好），人口稀少。然而，同属热带雨林区的印度尼西亚爪哇岛，农业却比其它热带雨林区发达，它和下列哪一因素关系最为密切（ ）
A. 在荷兰殖民的时代，联合东印度公司引进耕牛开辟许多农地
B. 地处重要海运中继站，岛民借助粮食作物交易可获得优厚利润
C. 气候终年高温多雨，提供各种农作物生长所需的热量与降水量
D. 多火山活动，覆盖厚厚的火山灰，提供各种农作物生长时所需养分
图1为某科考队于当地时间2011年2月28日10时30分在斯瓦尔巴群岛考察时拍摄的照片，图2为拍摄地点位置图。读图回答3～4题。
3. 图1景观可能反映（ ）
A. 全球气候变冷 B. 北极冰盖退缩
C. 生物种群繁多 D. 海洋环境污染
4. 此照片拍摄时，北京时间为（ ）
A. 3月1日17时30分 B. 2月28日18时30分
C. 2月28日17时30分 D. 2月28日3时30分
图甲为世界某区域示意图，图乙为甲岛屿的放大图。读图，完成5～6题。
5. 2011年2月乙国部分地区遭受了罕见的雪灾，其中受灾较严重的城市可能有（ ）
A. ①② B. ②③ C. ③④ D. ①④
6. 关于甲岛屿的叙述，正确的是（ ）
A. 因火山喷发而形成
B. 沿岸可能拥有不冻港
C. 虚线框内东南部地势较平坦，西北部地势较陡峻
D. 自然植被为常绿阔叶林
7. 下图是沿37°N北美洲部分地区地形剖面及降水量分布图。沿图中剖面，从①地到②地（ ）
A. 海拔越高，降水越多
B. 距海越远，降水越少
C. 植被由温带落叶阔叶林过渡到温带荒漠
D. 山体高度增加，对西风阻挡效果增强
下图为世界四个国家局部地区简图，读图并结合所学地理知识完成第8题。
8. 最近国际市场石油价格上涨，四国为了保证石油的长期稳定供应，你认为可采取的应对措施是（ ）
A. a国大量动用石油战略储备
B. b国可从其东面邻国大量进口石油
C. c国利用其丰富的天然气资源替代石油
D. d国利用甘蔗大量生产乙醇替代汽油
9. 关于下图中四个半岛的正确叙述正确的是（ ）
A. 四个半岛的气候类型均不相同
B. 有两个半岛自然带一致
C. ①半岛附近海域的盐度最低
D. 四个半岛均受到暖流的影响
10. 读下面世界著名海峡图。下列选项中，排序与图序相符的是（ ）
A. ①白令海峡 ②英吉利海峡 ③德雷克海峡 ④马六甲海峡
B. ①直布罗陀海峡 ②土耳其海峡 ③曼德海峡 ④霍尔木兹海峡
C. ①土耳其海峡 ②直布罗陀海峡 ③霍尔木兹海峡 ④曼德海峡
D. ①英吉利海峡 ②白令海峡 ③马六甲海峡 ④德雷克海峡
11. 图中左图是四幅世界区域轮廓图，右图为三类工业的区位因素三角结构图。发展b类工业在甲、乙、丙、丁四地中最具优势是（ ）
A. 甲、乙 B. 丙、丁 C. 乙、丙 D. 甲、丁
12. 根据相关图文材料，回答下列问题。
材料一 丹麦地理位置图
材料二 丹麦位于欧洲北部。南同德国接壤，西濒北海，北与挪威瑞典隔海相望。海岸线长 7314 公里。地势低平，平均海拔约30米。距离丹麦日德兰半岛东岸15公里的海中央，坐落着一个树木葱茏，但从外表看来毫不起眼的小岛——萨姆索岛。该岛平均海拔不到30米，小岛根本上实现了能源自给自足，并且能源基本上来自于可再生能源。11座岸上风力涡轮机和10座海上风力涡轮机日复一日的转动，满足岛上4000名居民所有的电力需求。
萨姆索岛早已实现“碳中和”（指通过各种方式中和抵消制造的二氧化碳排放量）的目标。
（1）丹麦矿物能源使用量不大，但却是欧洲酸雨最严重的地区之一，请分析其原因。并说出酸雨会带来的主要危害。
（2）简述丹麦开发利用风能资源的有利条件。
（3）指出丹麦的主要农业地域类型，并分析其成为丹麦主要农业地域类型的原因。
13. 阅读材料，回答问题。
材料一 第聂伯河是俄罗斯欧洲部分的第二大河，欧洲第三大河。河流发源于海拔200～350m的分水岭上。流域北面有白俄罗斯山脊，流域南部是亚速海低地。长2200千米。流域面积50.4万平方千米。
材料二 第聂伯河流域图。
材料三 第聂伯河相关资料（见表一、表二）。
（1）简述第聂伯河流域降水的时空分布特点。
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